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mREDES DE COMPUTADORES
ANDREW S. TANENBAUM

SOLUÇÕES DOS PROBLEMAS

TRADUÇÃO DA QUARTA EDIÇÃO TRADUÇÃO VANDENBERG D. DE SOUZA
ANALISTA DE SISTEMAS E TRADUTOR

REVISÃO TÉCNICA EDGAR JAMHOUR
PROFESSOR DE REDES DE COMPUTADORES PUC-PR – PONTIFÍCIA UNIVERSIDADE CATÓLICA DO PARANÁ

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SOLUÇÕES DOS PROBLEMAS DO CAPÍTULO 1

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SOLUÇÕES DOS PROBLEMAS DO CAPÍTULO 1
1. O cão pode transportar 21 gigabytes, ou 168 gigabits. A velocidade de 18 km/h é igual a 0,005 km/s. O tempo para percorrer a distância x km é x/0,005 = 200x segundos, o que significa uma taxa de dados de 168/200x Gbps ou 840/x Mbps. Para x < 5,6 km, o cão temuma taxa mais alta que a linha de comunicação. O modelo de LAN pode ser ampliado de forma incremental. Se a LAN é apenas um longo cabo, ela não pode ser desativada por uma falha isolada (se os servidores forem replicados). Provavelmente ela terá um custo mais baixo. Esse modelo oferece maior capacidade de computação e melhores interfaces interativas. Um link de fibra transcontinental pode ter muitosgigabits/s de largura de banda, mas a latência também será alta devido à velocidade de propagação da luz por milhares de quilômetros. Em contraste, um modem de 56 kbps que chamar um computador no mesmo edifício terá baixa largura de banda e baixa latência. É necessário um tempo de entrega uniforme para voz, e assim a quantidade de flutuação na rede é importante. Isso poderia ser expresso como odesvio padrão do tempo de entrega. A existência de um pequeno retardo mas com grande variabilidade na realidade é pior que um retardo um pouco mais longo com baixa variabilidade. Não. A velocidade de propagação é 200.000 km/s ou 200 metros/ms. Em 10 ms, o sinal percorre 2 km. Desse modo, cada switch adiciona o equivalente a 2 km de cabo extra. Se o cliente e o servidor estiverem separados por 5000km, o percurso de até mesmo 50 switches só adicionará 100 km ao caminho total, o que corresponde a apenas 2%. Portanto, o retardo de comutação não é um fator importante sob essas circunstâncias. A solicitação tem de subir e descer, e a resposta também tem de subir e descer. O comprimento total do caminho percorrido é portanto 160.000 km. A velocidade da luz no ar e no vácuo é 300.000 km/s, e assimo retardo de propagação sozinho é 160.000/300.000 s ou cerca de 533 ms. É óbvio que não existe apenas uma resposta correta nesse caso, mas os pontos a seguir parecem relevantes. O sistema atual tem muita inércia (cheques e saldos) incorporada a ele. Essa inércia pode servir para impedir que os sistemas legal, econômico e social sejam virados de cabeça para baixo toda vez que um partido diferentechegar ao poder. Além disso, muitas pessoas guardam opiniões fortes sobre questões sociais controvertidas, sem realmente conhecerem os fatos relevantes para o assunto. Permitir que opi-

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niões mal debatidas sejam transformadas em lei pode ser algo indesejável. Os efeitos potenciais de campanhas de publicidaderealizadas por grupos de interesses especiais de um tipo ou de outro também têm de ser considerados. Outra questão importante é a segurança. Muitas pessoas poderiam se preocupar com o fato de algum garoto de 14 anos invadir o sistema e falsificar os resultados. 8. Chame os roteadores de A, B, C, D e E. Existem dez linhas potenciais: AB, AC, AD, AE, BC, BD, BE, CD, CE e DE. Cada uma dessas linhas temquatro possibilidades (três velocidades ou nenhuma linha). E assim, o número total de topologias é 410 = 1.048.576. A 100 ms cada, será necessário o tempo de 104.857,6 segundos, ou pouco mais de 29 horas para inspecionar todas elas. O caminho médio de roteador para roteador é duas vezes o caminho médio de roteador para a raiz. Numere os níveis da árvore com a raiz tendo o número 1 e o nível mais...
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